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Material destinado ao ensino e aprendizagem de genética básica Difusão: laboratórios de biometria e bioinformática da Universidade Federal de Viçosa Site: www.ufv.br/dbg/biodata.htm Rede social: https://www.facebook.com/GBOLnews
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Para resolver os exercícios recomendamos leituras adicionais nos sites: http://www.ufv.br/dbg/LabGen/gbol5.htm http://www.ufv.br/dbg/LabGen/gbol6.htm http://www.ufv.br/dbg/LabGen/gbol7.htm http://www.ufv.br/dbg/LabGen/gbol8.htm http://www.ufv.br/dbg/LabGen/gbol9.htm http://www.ufv.br/dbg/LabGen/gbol10.htm |
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HERANÇA MONOFATORIAL
1) Qual a frequência de plantas Aa na terceira geração de autofecundação sucessiva realizada em uma população original com indivíduos de genótipo Aa?
Informações dadas: n=3; População original= 100% Aa
A cada geração de autofecundação a frequência de indivíduos heterozigotos reduz a metade, e esta redução é acrescida igualmente aos demais genótipos homozigotos. Assim, para essa população, obtém-se:
|
AA |
Aa |
aa |
População original (G0) |
0 |
100 |
0 |
1a geração de autofecundação (G1) |
25 |
50 |
25 |
2a geração de autofecundação (G2) |
37,5 |
25 |
37,5 |
3a geração de autofecundação (G3) |
43,75 |
12,5 |
43,75 |
Fórmula:
f(Hn) = (1/2)n x f(H0)
f(H3) = (1/2)3 x 100
f(H3) = 12,5 %
Resposta :12,5%.
De maneira geral temos os seguintes resultados:
2) a) Qual a frequência de plantas aa na terceira geração de autofecundação sucessiva realizada em uma população original com indivíduos de genótipos Aa?
· Informações dadas: n=3; População original= 100% Aa; f(aa) = ?
A cada geração de autofecundação a frequência de indivíduos heterozigotos reduz a metade, e esta redução é acrescida igualmente aos demais genótipos homozigotos. Assim, para essa população, obtém-se:
|
AA |
Aa |
aa |
População original (G0) |
0 |
100 |
0 |
1a geração de autofecundação (G1) |
25 |
50 |
25 |
2a geração de autofecundação (G2) |
37,5 |
25 |
37,5 |
3a geração de autofecundação (G3) |
43,75 |
12,5 |
43,75 |
Resposta :43,75%.
b) E em uma população original com indivíduos 10 AA, 60 Aa e 30 aa?
· Informações dadas: n=3; População original: 10 AA (D0), 60 Aa (H0), 30 aa (R0) ; f(aa) = ?
|
AA |
Aa |
aa |
População original (G0) |
10 |
60 |
30 |
1a geração de autofecundação (G1) |
25 |
30 |
45 |
2a geração de autofecundação (G2) |
32,5 |
15 |
52,5 |
3a geração de autofecundação (G3) |
36,25 |
7,5 |
56,25 |
Fórmula:
Considerando AA = H, Aa = D, aa = R.
f(Hn) = (1/2)n x f(H0)
f(H3) = (1/2)3 x 60
f(H3) = 7,5 %
Perda de heterozigotos: D= f(H0) – f(Hn) = 60 – 7,5 = 52,5
f(Dn) = f(D0) + ½ [f(H0) – f(Hn)]
f(D3) = 10 + ½ [60 – 7,5]
f(D3) = 36,25 %
f(Rn) = f(R0) + ½ [f(H0) – f(Hn)]
f(R3) = 30 + ½ [60 – 7,5]
f(R3) = 56,25 %
Resposta :56,25 %.
De maneira mais geral, temos:
3) Considere A_ (flor vermelha) e aa (flor amarela). Quantas plantas da descendência da autofecundação de uma planta X, de fenótipo vermelho, devem ser analisadas para se concluir com 95% de certeza a respeito de seu genótipo?
Para se encontrar a certeza desse exercício, devemos fazer a autofecundação da planta X (vermelha). Se todos os descendentes fossem vermelhos o genótipo de X provavelmente seria AA porém a certeza(c) seria:
C = 1 - α
Sendo
α a probabilidade de X se Aa e na autofecundação proporcionar apenas descendentes vermelhos (A-). Esta probabilidade é dada por:
α = P(n vermelhos resultante da autofecundação de Aa ) = (3/4) n
Assim:
C = 1- α = 1 - (3/4) n
No exemplo foi especificado: c = 95% = 0,95
Com isso, temos:
0,95 = 1 – (3/4)n
n = log (1 – 0,95)/log (3/4)
n = 10,41 ~ 11 plantas
R: Devem ser analisadas 11 plantas.
4) Considere uma planta X, comercial e anã (aa), e outra Y, selvagem e alta (AA). Cruzou-se X x Y e obteve-se a F1. Posteriormente, foram realizados três retrocruzamentos entre os descendentes altos e a variedade X. Em RC3, qual a frequência de plantas altas? E em RC6?
Informações dadas:
X (aa)- comercial e anã
Y (AA)- selvagem e alta
Um retrocruzamento é um cruzamento de um híbrido com um de seus pais ou um indivíduo geneticamente similar aos seus pais com o intuito de alcançar descendentes com uma identidade genética a mais próxima possível dos pais.
Nesse caso, o primeiro cruzamento é entre X e Y.
Gametas formados de X = apenas a
Gametas formados de Y = apenas A
Com isso temos o cruzamento:
P: X (aa) x (AA) Y
|
F1: Aa x aa
RC1:50% Aa; 50% aa
R: A cada retrocruzamento serão observadas 50% de plantas altas (Aa) e 50% de plantas anãs (aa) em qualquer geração (RC3 ou RC6).
a) Qual o grau de similaridade das plantas RC3 com a variedade X?
Verifica-se a seguinte tabela de similaridade:
Genitor |
F1 |
RC1 |
RC2 |
RC3 |
Recorrente X |
½ |
¾ |
7/8 |
15/16 |
Não recorrente |
½ |
¼ |
1/8 |
1/16 |
A cada geração de retrocruzamento com o genitor recorrente X a similaridade em relação ao não recorrente Y caí pela metade.
O grau de similaridade pode ser, alternativamente, quantificado pela seguinte fórmula:
1 – (1/2)n+1 => Em que n é o número de retrocruzamentos realizado.
Utilizando essa fórmula para essa questão, temos:
1 – (1/2)n+1 = 1 – (1/2)4 = 1 – 1/16 = 15/16
R: O grau de similaridade das plantas RC3 com X é de 15/16.
b) Onde há maior similaridade genética: entre a variedade X e as RC3 altas ou entre a variedade X e as RC4 anãs? Justifique numericamente a sua resposta.
- Grau de similaridade das plantas RC3 com a variedade X já encontrado no item a).
1 – (1/2)n+1 => 1 – (1/2)3+1 => 1 – (1/2)4 => 1 – 1/16 = 15/16
- Grau de similaridade das plantas RC4 com a variedade X, utilizando a mesma fórmula :
1 – (1/2)n+1 => 1 – (1/2)4+1 => 1 – (1/2)5 => 1 – 1/32 = 31/32
Com esses resultados, vemos que plantas do RC4 possuem um grau de similaridade maior com a linhagem X, do que as do RC3. Podemos deduzir que aumentando o número de retrocruzamentos, aumentamos também o grau de similaridade.
5) Numa espécie, as plantas são resistentes (A_) ou suscetíveis (aa) a uma determinada doença. Uma planta Aa foi autofecundada, gerando a população F1. As plantas aa desta geração (F1) foram eliminadas e as demais acasaladas ao acaso, originando a população F2.
a) Qual a frequência de acasalamentos entre plantas homozigotas e heterozigotas na F1?
Uma planta Aa sendo autofecundada, poderá ocorrer a junção de qualquer um dos gametas formados. Essa planta poderá gerar os gametas A e a. Fazendo o quadro para o cruzamento de gametas, temos:
Observação : Lembrando que plantas aa foram eliminadas.
|
A |
a |
A |
AA |
Aa |
a |
Aa |
aa N |
De um total de três genótipos (aa sendo eliminado), vemos que a freqüência dos genótipos é: 1/3 AA: 2/3 Aa
Com isso podemos montar o quadro de cruzamentos entre homozigotos e heterozigotos nessa população:
Cruzamentos |
Frequência de acasalamentos |
AA x AA |
1/3 x 1/3 = 1/9 |
AA x Aa |
2 x (1/3 x 2/3) = 4/9 |
Aa x Aa |
2/3 x 2/3 = 4/9 |
Analisando o quadro, vemos que o cruzamento entre homozigotos e heterozigotos ( AA x Aa ) ocorre com uma freqüência de 4/9.
Observação : Ocorre uma multiplicação por 2, pois não importa se cruzarmos AA x Aa ou Aa x AA.
Resposta : A frequência de acasalamentos entre plantas homozigotas e heterozigotas na F1 é de 4/9.
b) Qual a frequência de plantas suscetíveis na F2?
Plantas suscetíveis (aa) na F2, só podem ser formadas pelo cruzamento de Aa x Aa:
|
A |
A |
A |
AA |
Aa |
a |
Aa |
aa N |
Cruzando Aa x Aa poderemos formar os três genótipos (AA, Aa, aa), e pelo quadro de cruzamentos abaixo, temos:
|
|
|
Descendência |
|
Cruzamentos |
Frequência de acasalamentos |
AA |
Aa |
Aa |
AA x AA |
1/3 x 1/3 = 1/9 |
1/9(1) |
- |
- |
AA x Aa |
2 x (1/3 x 2/3) = 4/9 |
4/9(1/2) |
4/9(1/2) |
- |
Aa x Aa |
2/3 x 2/3 = 4/9 |
4/9(1/4) |
4/9(2/4) |
4/9(1/4) |
Total |
1 |
4/9 |
4/9 |
1/9 |
Observação : Lembrando que em F1 as plantas aa foram eliminadas. Mas na F2, não ocorreu isso.
Resposta : A frequência de plantas suscetíveis (aa) na F2 é de 1/9.
6) Numa espécie, as plantas são resistentes (A_) ou suscetíveis (aa) a uma determinada doença. Uma planta X (Aa) foi autofecundada, gerando a população F1. As plantas aa desta geração (F1) foram eliminadas e as demais retrocruzadas com a X, originando a população RC1.
a) Quais os possíveis cruzamentos e suas respectivas frequências, para a formação da geração RC1?
Primeiro realizamos a autofecundação de X, lembrando que as plantas aa são eliminadas da população:
|
A |
a |
A |
AA |
Aa |
a |
Aa |
aa N |
F1: 1/3 AA, 2/3 Aa, aa
O retrocruzamento consiste no cruzamento entre os indivíduos F1 e o genitor X sendo ilustrado no quadro a seguir:
Retrocruzamentos |
Frequência de acasalamentos |
F1 (AA) x X(Aa) |
1/3 x 1 = 1/3 |
F1(Aa) x X(Aa) |
2/3 x 1 = 2/3 |
a) Resposta : Os possíveis cruzamentos e suas respectivas frequências são AA x Aa 1/3 e Aa x Aa 2/3.
b) Qual a frequência de plantas suscetíveis na RC1?
Para fazer esse retrocruzamento, devemos utilizar as plantas da F1 (AA e Aa), e as plantas X (Aa). Com isso, temos:
|
|
|
Descendência |
|
Cruzamentos |
Frequência de acasalamentos |
AA |
Aa |
Aa |
F1 (AA) x X(Aa) |
1/3 x 1 = 1/3 |
1/3(1/2) |
1/3(1/2) |
- |
F1(Aa) x X(Aa) |
2/3 x 1 = 2/3 |
2/3(1/4) |
2/3(2/4) |
2/3(1/4) |
Total |
1 |
2/6 |
3/6 |
1/6 |
Resposta: A frequência de plantas suscetíveis na RC1 é de 1/6.
7) Em uma espécie vegetal, as flores são vermelhas (A_) ou brancas (aa). Após cinco gerações de autofecundações sucessivas das plantas de uma população Aa, qual a proporção de plantas com flores vermelhas que seria encontrada?
Sabemos que q cada geração de autofecundação a frequência de heterozigoto é reduzida a metade. Assim, tem-se:
f(Hn) = (1/2)n x f(H0)
Em que:
f(Hn) = Frequência de heterozigotos em determinada geração.
n = número de gerações.
f(H0) = Frequência inicial de indivíduos heterozigotos.
Com isso, temos :
f(H5) = (1/2)5 x 1
f(H5) = 1/32 (frequência das flores vermelhas heterozigotas)
Cada forma homozigota tem a sua frequência aumentada em valor correspondente à metade da perda de heterozigotos. Assim, tem-se:
f(Dn) = f(D0) + ½ [f(H0) – f(Hn)]
f(Rn) = f(R0) + ½ [f(H0) – f(Hn)]
Em que:
f(Dn) = Frequência final de homozigotos dominantes.
f(D0) = Frequência inicial de homozigotos dominantes
f(Rn) = Frequência final de homozigotos recessivos.
f(R0) = Frequência inicial de homozigotos recessivos.
f(H0) = Frequência inicial de heterozigotos (Já encontrada no exercício anterior)
f(Hn) = Frequência final de heterozigotos (Já encontrada no exercício anterior)
Com isso, temos:
f(D5) = 0 + ½ [1 – 1/32]
f(D5) = 31/64 (frequência de flores vermelhas homozigotas)
f(R5) = 0 + ½ [1 – 1/32]
f(R5) = 31/64 (frequência de flores brancas homozigotas)
Para o exemplo foi pedida a proporção de plantas com flores vermelhas (homozigotas e heterozigotas) = f(H5) + f(D5) = 1/31 + 31/64 = 33/64
Resposta: A frequência de plantas com flores vermelhas é de 33/64.
8) Em uma espécie, a variedade X é alta (AA) e a Y é anã (aa). Obteve-se a F1 e realizaram-se retrocruzamentos envolvendo o material genético alto e a variedade Y. Considerando a geração RC3 (terceira geração de retrocruzamento), responda:
a) Qual a relação fenotípica (fenótipos e suas respectivas proporções) encontrada nesta geração?
Resposta: A cada retrocruzamento serão observadas 50% de plantas altas (Aa) e 50% de plantas anãs (aa).
b) - Grau de similaridade das plantas altas RC3 com o genitor original Y (recorrente):
Verifica-se a seguinte tabela de similaridade:
Genitor |
F1 |
RC1 |
RC2 |
RC3 |
Recorrente X |
½ |
¾ |
7/8 |
15/16 |
Não recorrente |
½ |
¼ |
1/8 |
1/16 |
A cada geração de retrocruzamento com o genitor recorrente X a similaridade em relação ao não recorrente Y caí pela metade.
Seguimos a seguinte fórmula para encontrar o grau de similaridade:
1 – (1/2)n+1
Em que:
n = número do retrocruzamento a ser realizado.
Com isso, temos:
1 – (1/2)n+1 = 1 – (1/2)3+1 = 1 – (1/2)4 = 1 – 1/16 = 15/16
Resposta: O grau de similaridade das plantas RC3 com Y é de 15/16.
9) Com relação a uma doença, as plantas de uma espécie são resistentes (A_) ou suscetíveis (aa). Uma planta X (resistente) foi autofecundada e proporcionou 15 descendentes, todos resistentes. Qual a certeza que se tem ao afirmar que o genótipo de X é AA?
Como todos os descendentes foram vermelhos o genótipo de X é, provavelmente, AA porém a certeza(c) é dada por:
C = 1 - α
Sendo
α a probabilidade de X se Aa e, na autofecundação, proporcionar 15 descendentes vermelhos. Esta probabilidade é dada por:
α = P(n vermelhos resultante da autofecundação de Aa ) = (3/4) n
α = (3/4)n
α = (3/4)15 = 0,01334
c = 1 - (3/4)n
c = 1 - (3/4)15
c = 1 – 0,01334
c = 0,986 ~ 99 %
R: A certeza é de 99 %.
10) Considere uma planta C, comercial e anã (aa), e outra S, selvagem e alta (AA). Cruzou-se C x S e obteve-se a F1. Posteriormente, foram realizados três retrocruzamentos entre os descendentes altos e a variedade C. Responda:
a) Em RC3, qual a frequência de plantas altas?
RC1:50% Aa; 50% aa
Como todo retrocruzamento iremos trabalhar com indivíduos da F1 (Aa) e da linhagem C (aa), teremos sempre o mesmo resultado.
Resposta: A cada retrocruzamento serão observadas 50% de plantas altas (Aa).
b) - Grau de similaridade da F1 com a variedade C (recorrente)
1 – (1/2)n+1 = 1 – (1/2)1 = 1/2
- Grau de similaridade da RC1 com a variedade C (recorrente)
1 – (1/2)n+1 = 1 – (1/2)2 = 3/4
- Grau de similaridade da RC2 com a variedade C (recorrente)
1 – (1/2)n+1 = 1 – (1/2)3 = 7/8
- Grau de similaridade da RC3 com a variedade C (recorrente)
1 – (1/2)n+1 = 1 – (1/2)4 = 15/16
11) Considere A_ : flor vermelha e aa : flor branca. Na descendência da autofecundação de uma planta X, de fenótipo vermelho, surgiram 10 plantas de flores vermelhas. Com que certeza pode-se afirmar que o genótipo de X é AA?
Como todos os descendentes foram vermelhos o genótipo de X é, provavelmente, AA porém a certeza(c) é dada por:
C = 1 - α
Sendo
α a probabilidade de X se Aa e, na autofecundação, proporcionar 10 descendentes vermelhos. Esta probabilidade é dada por:
α = P(n vermelhos resultante da autofecundação de Aa ) = (3/4) n
α = (3/4)n
α = (3/4)10
c = 1 - (3/4)n
c = 1 - (3/4)10
c = 1 – 0,0563
c = 0,944 ~ 94 %
R: A certeza é de 94 %.